已知函数f(x)=sinx+tanx,项数为2m+1的等差数列{an}满足an∈(−π2,π2),且公差d≠0,若f(a1)+f(a2)+⋯+f(a2m+1)=0,求证:am+1=0.
分析与解 由于函数f(x)是单调递增的奇函数,因此有sgn(a+b)=sgn(f(a)+f(b)),
其中sgn(x)={1,x>0,0,x=0,−1,x<0.
由等差数列的性质,有a1+a2m+1=a2+a2m=⋯=2am+1,
于是sgn(a1+a2m+1)=sgn(a2+a2m)=⋯=sgn(am+1),
因此sgn(f(a1)+f(a2m+1))=sgn(f(a2)+f(a2m))=⋯=sgn(f(am+1)),
进而sgn(f(a1)+f(a2)+⋯+f(a2m+1))=sgn(f(am+1)),
这是一个比原命题更强的命题.
注 sgn(x)是符号函数,sgn(a+b)=sgn(f(a)+f(b))表示a+b与f(a)+f(b)的符号相同,同正同负或同为零.所以本题不用符号函数表述可以用反证法,若am+1≠0,那么当am+1>0时,有∀ i+j=2m+2: ai+aj=2am+1>0,
从而有∀i+j=2m+2,ai>−aj⇒f(ai)>f(−aj)=−f(aj)⇒f(ai)+f(aj)>0.
求和即可得到f(a1)+f(a2)+⋯+f(a2m+1)>0,矛盾;同样的,若am+1<0也可以导出矛盾.