一、选择题(选对得10分,不选得0分,选错扣5分)
1、整数x,y,z满足xy+yz+zx=1,则(1+x2)(1+y2)(1+z2)可能取到的值为( )
A.16900
B.17900
C.18900
D.前三个答案都不对
2、在不超过99的正整数中选出50个不同的正整数,已知这50个数中任两个的和都不等于99,也不等于100.这50个数的和可能等于( )
A.3524
B.3624
C.3724
D.前三个答案都不对
3、已知x∈[0,π2],对任意实数a,函数y=cos2x−2acosx+1的最小值记为g(a),则当a取遍所有实数时,g(a)的最大值为( )
A.1
B.2
C.3
D.前三个答案都不对
4、已知1020−220是2n的整数倍,则正整数n的最大值为( )
A.21
B.22
C.23
D.前三个答案都不对
5、在凸四边形ABCD中,BC=4,∠ADC=60∘,∠BAD=90∘,四边形ABCD的面积等于AB⋅CD+BC⋅AD2,则CD的长(精确到小数点后1位)为( )
A.6.9
B.7.1
C.7.3
D.前三个答案都不对
二、填空题(填空题共5小题;请把每小题的正确答案填在横线上,每题10分)
6、满足等式(1+1x)x+1=(1+12015)2015的整数x的个数是_______.
7、已知a,b,c,d∈[2,4],则(ab+cd)2(a2+d2)(b2+c2)的最大值与最小值的和为_______.
8、已知对于任意的实数x∈[1,5],|x2+px+q|⩽2,不超过√p2+q2的最大整数是_______.
9、设x=b2+c2−a22bc,y=c2+a2−b22ca,z=a2+b2−c22ab,且x+y+z=1,则x2015+y2015+z2015的值为_______.
10、设A1,A2,⋯,An都是9元集合{1,2,⋯,9}的子集,已知|Ai|为奇数,1⩽i⩽n,|Ai∩Aj|为偶数,1⩽i≠j⩽n,则n的最大值为_______.
参考答案
一、选择题
1、A
(1+x2)(1+y2)(1+z2)=((x+y)(y+z)(z+x))2.令{x+y=2,y+z=5,z+x=13,解得{x=5,y=−3,z=8.经检验,这组解满足题意,此时(1+x2)(1+y2)(1+z2)=16900.
2、D
考虑将1,2,⋯,99这99个正整数分成如下50组:(1,99),(2,98),⋯,(47,53),(48,52),(49,51),(50).若选出的50个不同的正整数中没有50,则必有2个数位于(1,99),(2,98),⋯,(47,53),(48,52),(49,51)中的同一组,不合题意.所以这50个不同的正整数中必有50,而(1,99),(2,98),⋯,(47,53),(48,52),(49,51)中,每组有且只有一个数被选中.
因为50+49=99,所以(49,51)中选51;因为51+48=99,所以(48,52)中选52;以此类推,可得50,51,52,⋯,98,99是唯一可能的选法.
经检验,选50,51,52,⋯,98,99满足题意,此时50+51+⋯+98+99=3725,故选D.
3、A
令t=cosx∈[0,1],令h(t)=t2−2at+1,t∈[0,1],则g(a)={1,(a<0)1−a2,(0⩽a⩽1)2−2a,(a>1)故g(a)的最大值为1(a⩽0时等号成立).
4、D
1020−220=220(520−1)=220(510+1)(55+1)(5−1)(54+53+52+5+1),而510+1模4余2,55+1模4余2,54+53+52+5+1为奇数,故正整数n的最大值为24.
5、A
设四边形ABCD的面积为S,直线AC,BD的夹角为θ,则S=AC⋅BD⋅sinθ2⩽AB⋅CD+BC⋅AD2⋅sinθ⩽AB⋅CD+BC⋅AD2,
由题意,S=AB⋅CD+BC⋅AD2,所以A,B,C,D四点共圆,且AC⊥BD.
故CD=4√3≈6.9,选A.
二、填空题
6、1
若x为正整数,则(1+1x)x+1>e>(1+12015)2015,
若x为负整数,令x=−n(n∈N+,n⩾2),则(1+1x)x+1=(1+1n−1)n−1.
因为数列(1+1n−1)n−1(n∈N+,n⩾2)关于n单调递增,故当且仅当x=−2016时,有(1+1x)x+1=(1+12015)2015.
7、4125.
注意到(a2+d2)(b2+c2)=(ab+cd)2+(ac−bd)2,于是(ab+cd)2(a2+d2)(b2+c2)=(ab+cd)2(ab+cd)2+(ac−bd)2=11+(ac−bdab+cd)2,显然当ac−bd=0时,原式取得最大值为1.
接下来考虑|ac−bdab+cd|的最大值.
由于|ac−bdab+cd|=|ad−bcad⋅bc+1|,令ad=tanα,bc=tanβ,则问题等价于当α,β∈[arctan12,arctan2]时,求tan|α−β|的最大值,显然为tan(arctan2−arctan12)=34.
因此原式的最小值为1625.
注 可以看做向量(a,d)和(b,c)夹角余弦的平方.
8、9
注意到y=x2+px+q,x∈[1,5]满足−2⩽y⩽2,因此符合题意的二次函数只有两个:y=x2−6x+7,y=−x2+6x−7.
9、1
由x+y+z=1,可得ab2+ac2−a3+bc2+a2b−b3+a2c+b2c−c3−2abc=(ab2+a2b−a3−b3)+(ac2+bc2−c3)+(a2c+b2c−2abc)=−(a+b)(a−b)2+c2(a+b−c)+c(a−b)2=−(a−b−c)(b−c−a)(c−a−b)=0,所以a=b+c或b=c+a或c=a+b,故x2015+y2015+z2015=1.
10、 9
构造是容易的,取Ai={i},i=1,2,⋯,9即可.
用0,1表示集合中的元素是否在子集中,如A1={1,3,4,5,9},则记A1=(1,0,1,1,1,0,0,0,1),那么Ai⋅Aj=|Ai∩Aj|.
显然,如果当n⩾10时,必然存在m个向量线性相关,不妨设λ1A1+λ2A2+⋯+λmAm=(0,0,⋯,0),其中λi∈Z(i=1,2,⋯,m),λ1=1.
此时考虑A1⋅(λ1A1+λ2A2+⋯+λmAm),那么根据题意有A1⋅A1为奇数,而A1⋅Ai(i=2,3,⋯,m)为偶数,这样就推出了矛盾.
因此所求n的最大值为9.
注 用这个方法,可以得出n元集合至多有n个包含奇数个元素的子集,使得这些子集中任意两个的交集均包含偶数个元素.