设函数f(x)=ax2−a−lnx,其中a∈R.
(1) 讨论f(x)的单调性;
(2) 确定a的所有可能取值,使得f(x)>1x−e1−x在区间(1,+∞)内恒成立.
解 (1) 函数f(x)的定义域为(0,+∞),其导函数f′(x)=2ax2−1x,于是当a⩽0时,函数f(x)在(0,+∞)上单调递减;当a>0时,函数f(x)在(0,√12a)上单调递减,在(√12a,+∞)上单调递增.
(2) 题中不等式即a(x2−1)−lnx−1x+e1−x>0,记左侧为函数g(x),其导函数为g′(x)=2ax−1x+1x2−e1−x.注意到g(1)=0,于是可以分析端点x=1处的导函数值g′(1)=2a−1,得到分界点a=12.
在以下讨论中,默认x的范围是(1,+∞).
第一种情况,当a⩾12时.
此时有g(x)⩾12(x2−1)−lnx−1x+e1−x,记右侧为函数h(x),则其导函数h′(x)=x−1x+1x2−e1−x.我们熟知lnx<x−1,从而1−x<ln1x,即e1−x<1x,因此h′(x)>x−1x+1x2−1x=(x−1)(x2+x−1)x2>0,于是函数h(x)单调递增,而h(1)=0,因此g(x)⩾h(x)>0,符合题意.
第二种情况,当a<12时.
此时有g(x)<a(x2−1)+(1x−1)−1x+1x=(x2−1)[a−1x(x+1)].若a⩽0,则g(x)<0,显然不符合题意;若0<a<12,则当x∈(1,12(−1+√1+4a))时,有g(x)<0,不符合题意.
综上所述,实数a的取值范围是[12,+∞).