练习题集[74]拓展练习

1.已知a,b,c为实数,且满足a+b+c=15a2+b2+c2=100,则a的最大值与最小值的积为_____.

2.求证:xlnxlnxx12>0

3.证明:ex1lnx+ex+2x1x2>52

4.(2011年湖北高中数学竞赛)已知a,bR,关于x的方程x4+ax3+2x2+bx+1=0有一个实根,求a2+b2的最小值.

5.已知P为双曲线H:x2a2y2b2=1上的任意一点,双曲线H上在点P处的切线与双曲线的两条渐近线分别交于A,B两点,O为坐标原点,求AOB外接圆圆心的轨迹方程.

6.已知n(n2)个实数a1,a2,,an满足a1+a2++an=0|a1|+|a2|++|an|=1,求证:|a1+2a2++nan|n12.

7.设非负实数a,b,c都满足a2+b2+c2+abc=4,求证:0ab+bc+caabc2


 

参考答案

1.根据题意,有{b+c=15a,b2+c2=100a2,(b+c)22(b2+c2),从而(15a)22(100a2),3a230a+250,因此所求的积为253

2.我们熟知xlnx1
又因为函数f(x)=lnxx的导函数为f(x)=1lnxx2,所以f(x)x=e处取到极大值也是最大值1e,于是有lnxx1e
从而有LHS11e12>0,不等式得证.

3.我们熟知,当x>0时,有ex>x+1,于是LHS>xlnx+3x,接下来我们证明xlnx+3x>52,只需要证明lnx52x+3x2>0.令左侧函数为φ(x),则其导函数φ(x)=(2x3)(x+4)2x3,于是φ(x)的极小值,亦为最小值是φ(32)=ln3213,考虑到(32)3=3.375>e,于是ln32>13,从而φ(x)>0,原命题得证.

4.方程等价于x2+ax+2+bx+1x2=0,于是x2+1x2+2=axbxa2+b2x2+1x2,t=x2+1x2(t2),则有a2+b2t2+2t=t+2t22,等号当a=b=2,x=1a=b=2,x=1时取到,因此所求的最小值为8

5.设P(acosθ,bsinθcosθ),则双曲线HP处的切线方程为xacosθysinθbcosθ=1,分别与渐近线方程xayb=0xa+yb=0联立可得A(acosθ1sinθ,bcosθ1sinθ),B(acosθ1+sinθ,bcosθ1+sinθ),于是线段OAOB的垂直平分线方程分别为2ax+2by=(a2+b2)cosθ1sinθ,2ax2by=(a2+b2)cosθ1+sinθ,从而AOB外接圆的圆心为(a2+b22acosθ,(a2+b2)sinθ2bcosθ),其轨迹方程为x2(a2+b22a)2y2(a2+b22b)2=1.
6.我们证明一个更一般的命题,若λ1<λ2<<λn,那么|λ1a1+λ2a2++λnan|λnλ12.事实上,有LHS=12|2λ1a1+2λ2a2++2λnan(λ1+λn)(a1+a2++an)|=12|(λ1λn)a1+(2λ2λ1λn)a2++(λnλ1)an|12[(λnλ1)|a1|+|2λ2λ1λn||a2|++(λnλ1)|an|]λnλ12(|a1|+|a2|++|an|)=λnλ12,其中用到了|2λiλ1λn|=|(λiλ1)(λnλi)||λiλ1|+|λnλi|=λnλ1,其中i=2,3,,n1

思考与总结 利用绝对值不等式的形式,配上合适的式子(λ1+λn)(a1+a2++an)

7.不妨设abc

左边不等式 显然a1,于是ab+bc+caabcbc(1a)0,因此左侧不等式得证.

右边不等式 联想三角形中的恒等式cos2A+cos2B+cos2C+2cosAcosBcosC=1,于是可设a=2cosA,b=2cosB,c=2cosC,其中A,B,C[0,π2]A+B+C=π.这样欲证明的不等式即cosAcosB+cosBcosC+cosCcosA2cosAcosBcosC12.由于abc,因此ABC,进而有Aπ3,记上述不等式左边为M,则M=cosA(cosB+cosC)+cosBcosC(12cosA),考虑到cosB+cosC=2cosB+C2cosBC22sinA212+2sin2A2=32cosA,cosBcosC=12[cos(B+C)+cos(BC)]1cosA2,因此McosA(32cosA)+12(1cosA)(12cosA)=12,因此右侧不等式得证.

综上所述,原不等式得证.

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