每日一题[3130]量词纠缠

已知函数 f(x)=exsin(rx)rN).

1、若 r=1,求函数 f(x) 的单调区间.

2、证明:对于任意的正实数 M,总存在大于 M 的实数 a,b,使得当 x[a,b] 时,|f(x)|1

解析

1、当 r=1 时,f(x)=exsinx,其导函数f(x)=ex(sinx+cosx)=2exsin(x+π4),于是其单调递增区间为 (π4+2kπ,3π4+2kπ)kZ),单调递减区间是 (3π4+2kπ,7π4+2kπ)kZ).

2、考虑 x0 的情形,函数 f(x) 的零点为 ak=kπrkZ),在区间 Pk(πr2k,πr(2k+1)) 上函数值为正,考虑到 kr 时,有f(πr(2k+12))=eπr(2k+12)>1,因此在区间 Pk 上,方程 f(x)=1 至少有两解(事实上分析单调性可知恰有两解),设最小的为 bk,在区间 [ak,bk] 上,有 0f(x)1,取 k=max,则 a_k>M,此时当 x\in [a_k,b_k] 时,|f(x)|\leqslant 1,命题得证.

备注    命题的否定是:存在正实数 M,对任意大于 M 的实数 a,b,都存在 x_0\in[a,b],使得 |f(x_0)|>1

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