已知函数 f(x)=12x2+ax−axlnx.
1、记 g(x)=f′(x),讨论函数 g(x) 的单调性.
2、若正实数 λ,μ 满足 λ+μ=1,实数 a<0,求证:∀x1,x2∈(0,+∞), f(λx1+μx2)⩽λf(x1)+μf(x2).
解析
1、根据题意,有g(x)=f′(x)=x+a−a(1+lnx),于是 g(x) 的导函数g′(x)=x−ax,因此当 a⩽0 时,函数 g(x) 在 (0,+∞) 上单调递增;当 a>0 时,函数 g(x) 在 (0,a) 上单调递减,在 (a,+∞) 上单调递增.
2、当 x1=x2 时,命题显然成立;
当 x1≠x2 时,不妨设 x1<x2,记 A(x1,f(x1)),B(x2,f(x2)),则直线AB:g(x)=f(x1)+f(x2)−f(x1)x2−x1(x−x1),则g(λx1+μx2)=g((1−μ)x1+μx2)=f(x1)+f(x2)−f(x1)x2−x1⋅(−μx1−μx2)=(1−μ)f(x1)+μf(x2)=λf(x1)+μf(x2),因此欲证结论即∀x∈(x1,x2), f(x)⩽g(x),设 h(x)=g(x)−f(x),则 h(x1)=h(x2)=0,而h″(x)=x−ax,于是 h′(x) 在 (x1,x2) 上单调递增,因此 h(x) 在 (x1,x2) 上先递减后递增,从而在该区间上 h(x)>0,命题成立. 综上所述,命题得证.