已知 a∈(0,1),函数 f(x)=x−ax−(a+1)lnx+a−1,g(x)=x+ax−1lnx.
(1)求证:f(x) 有 2 个零点;
(2)当 x∈(0,1) 时,求证:g(x) 有最小值 h(a),且 0<h(a)<2.
分析与解 (1)函数 f(x) 的导函数f′(x)=(x−a)(x−1)x2,于是x(0,a)a(a,1)1(1,+∞)f′(x)+0−0+f(x)lmax
lmin
注意到 f(1)=0,所以有 f(a)>0.且在 [a,+∞) 上,函数 f(x) 只有 1 个零点为 x=1.
在 (0,a) 上,考虑xf(x)=x2+(a−1)x−(a+1)xlnx−a,当 0<x⩽√a2 时,x2⩽a2;
当 x>0 时,(a−1)x<0;
注意到√x⋅ln√x⩾−1e,于是当 0<x⩽(ae4(a+1))2 时,有−(a+1)xlnx=−2(a+1)√x⋅√x⋅ln√x⩽2(a+1)e⋅√x⩽a2,因此取 x1=min则有 f(x_1)<0.
所以在 (0,a) 上函数 f(x) 只有 1 个零点,在区间 (x_1,a) 上.
综上所述,函数 f(x) 有 2 个零点.
(2)函数 g(x) 的导函数g'(x)=\dfrac{x-\dfrac ax-(a+1) \ln x+a-1}{(x-1)^2}=\dfrac{f(x)}{(x-1)^2},根据第 (1) 小题的结论,当 x\in (0,1) 时,函数 g(x) 有极小值,亦为最小值.而当 0<x<1 时,有0<\dfrac{x+a}{x-1}\ln x<\dfrac{x+a}{x-1}\cdot \dfrac 12\left(x-\dfrac 1x\right)=\dfrac{(x+a)(x+1)}{2x},因此0<h(a)<\min_{0<x<1}\dfrac{(x+a)(x+1)}{2x}=\dfrac{\left(\sqrt a+1\right)^2}2<2,因此原命题得证.