已知函数f(x)=ln(ax+1)+1−x1+x(x⩾0).
(1)(2012年北京市朝阳区高三期末)若f(x)的最小值为1,求实数a的取值范围;
(2)(2012年北京市四中高三月考)若f(x)的最小值为ln2,求实数a的取值范围.
分析与解 显然根据题意有a⩾0,而函数f(x)的导函数f′(x)=ax2+a−2(ax+1)(1+x)2.
(1) 注意到f(0)=1,因此f′(0)⩾0,从而a⩾2,否则在(0,√2−aa)上,f(x)单调递减,又f(0)=1,不符合题意.
当a⩾2时,有f(x)在(0,+∞)上单调递增,符合题意.
综上所述,实数a的取值范围是[2,+∞).
(2) 法一(直接分析)
根据(1),必然有0<a<2.此时f(x)的极小值,亦为最小值为m=f(√2−aa)=ln(√a(2−a)+1)+√a−√2−a√a+√2−a,
设t=√a(2−a),则t∈(0,1].
情形一 当0<a<1时,有m=ln(t+1)−√2−2t√2+2t<ln(t+1)⩽ln2,
不符合题意.
情形二 当a⩾1时,有m=ln(t+1)+√2−2t√2+2t=ln(t+1)+√1−t√1+t,
有m′t=1t+1[1−12(√1+t√1−t+√1−t√1+t)]⩽0,
于是m在(0,1]上单调递减,因此m⩾m∣t=1=ln2,等号当且仅当t=1,即a=1时取得.
综上所述,实数a的取值范围是{1}.
法二(分离变量)
根据题意,有∀x>0,a⩾2ex−1x+1−1x,
且等号可以取得.设右侧函数为φ(x),则其导函数φ′(x)=1−ex−1x+1⋅[1+(x−1x+1)2]x2,
令t=x−1x+1,则t∈[−1,1),设μ(t)=et(1+t2),则其导函数μ′(t)=et(t+1)2⩾0,
于是μ(t)在[−1,1)上单调递增,结合μ(0)=1,可得φ(x)在(0,1)上单调递增(因为x∈(0,1)时,t∈(−1,0),从而有μ(t)<μ(0)=1,所以φ′(x)>0),在(1,+∞)上单调递减(因为x∈(1,+∞)时,t∈(0,1),从而有μ(t)>μ(0)=1,所以φ′(x)<0),且有极大值,亦最大值φ(1)=1.因此a的取值范围为{1}.