已知等腰三角形ABC的底BC长为6,腰AB长为5.设D是底边BC上一点,以AD为边向两边作等边三角形ADE,ADF,设DE,DF分别交AB,AC于点M,N,求证:当D位于BC中点时DM+DN取得最小值.
分析与解 考虑到问题的对称性,我们采用对称的方式设参数:设∠MDB=π6−x,∠NDC=π6+x,其中x∈[−θ,θ],θ是临界状态时的角.
作AH⊥BC于H,则∠DAH=x,于是BD=3+4tanx,CD=3−4tanx,
而DMsinB=BDsin(B+π6−x),DNsinC=CDsin(C+π6+x),
于是DM+DNsinB=3+4tanxmcosx−nsinx+3−4tanxmcosx+nsinx=6mcos2x+8nsin2xcosx(m2cos2x−n2sin2x),
其中m=sin(B+π6),n=cos(B+π6).因此当x=0时,DM+DN取得最小值,此时D位于BC的中点.
几何证明
在DE上取DG=FN,则△ADN与△AEG全等,因此DM+DN=DM+GE=DE+GM=AD+GM,
而当D位于BC中点时,AD和GM同时取得最小值(注意G点的轨迹是延长线通过点A的线段).(说明:∠CAG=π3,所以∠BAG为定值.当AD减小时,∠AGD增大,在△GAD中得到AG减小;在△MAG中,∠GMA增大,所以MG减小.)
最后给出一个练习题.
如图,沿DE折叠一张边长为2等边三角形的纸片ABC,使顶点A落在边BC的点A′上.选择合适的变量研究折痕DE的长度l的变化,求出l的最大值与最小值,并给出相应的几何证明.
答案 如图,连接AA′,设其中点为M.
设∠CAA′=30∘−x,∠BAA′=30∘+x,其中−30∘⩽x⩽30∘.
在三角形ACA′中应用正弦定理,有AA′sinC=ACsin(C+∠CAA′),
于是AA′=√3cosx,
进而DE=DM+ME=AM⋅(tan∠DAA′+tan∠CAA′)=AM⋅[tan(30∘+x)+tan(30∘−x)]=AM⋅(√33+tanx1−√33tanx+√33−tanx1+√33tanx)=2√3⋅AM4cos2x−1=3cosx⋅(4cos2x−1),
因此当x∈[−π6,0]时,DE的长对应的函数l(x)单调递减;当x∈[0,π6]时,函数l(x)单调递增.当x=±π6时,l(x)取得最大值,为√3;当x=0时,l(x)取得最小值,为1.
几何证明
只考虑A′在BC的中点右侧(含中点)的情形即可,当A′1C>A′C时,如图,由于AA′1<AA′,于是AM1<AM,因此过M作D1E1的平行线,分别交AB,AC于D′,E′,则D1E1<D′E′(图中未画出).
接下来证明D′E′<DE.如图,作DK与EE′平行且相等,连接DK,D′K.
显然MD>ME,于是DD′sin∠DMD′=MDsin∠DD′M>MEsin∠ME′E=EE′sin∠EME′,
因此DD′>EE′,从而DD′>DK,于是∠DKD′>∠DD′K.因此∠KD′E′=180∘−∠AD′E′−∠DD′K>120∘−∠DKD′>∠D′KE′,
于是在△D′KE′中,有KE′>D′E′,即DE>D′E′,因此命题得证.
其他方法(由诗冭提供)
记△ADE与△A′DE的外心分别为O,O′,则OO′⊥DE,从而有∠DOO′=12∠DOE=π3,
所以△ODD′为正三角形,有DE=2ODcosπ6=√3OD.
且OO′=OA=O′A′.
又因为∠DOA=2∠DEA=∠A′EA,
所以∠DAO=∠A′AE,记此角为θ,则∠OAA′=π3−2θ.
又因为OO′∥AA′,所以AA′=2OA⋅cos(π3−2θ)+OO′=OA⋅(1+2cos(π3−2θ)).
于是有DE=√3AA′1+2cos(π3−2θ).
当A′为BC中点时,AA′有最小值√3,同时θ有最大值π6,对应DE的最小值1;当A′与C重合时,AA′有最大值2,θ有最小值0,对应DE的最大值√3.